Mga seksyon ng site
Pinili ng Editor:
- Posible bang makapasa sa kasaysayan ng pagsusulit
- Ano ang pinag-aaralan nila sa Faculty of Economics?
- Paghahanda para sa Pinag-isang State Exam sa Physics: mga halimbawa, solusyon, paliwanag
- Konsepto, anyo at pamamaraan ng pagkilala
- Paghahanda para sa Pinag-isang State Exam sa Physics: mga halimbawa, solusyon, paliwanag
- Pinag-isang State Exam mga tanong sa araling panlipunan ayon sa paksa
- "Ang isang artista na walang diagnosis ay parang isang tatak na walang alamat. Saan matatagpuan ang gangway ng lungsod?
- Russia, Ukraine, Belarus, magkasama lang tayo Holy Rus'!
- Parokya Michael-Arkhangelsk
- Populasyon ng lungsod ng Shuya
Advertising
| Mag-download ng mga papeles sa pagsasanay sa pisika ng Unified State Exam. Paghahanda para sa Pinag-isang State Exam sa Physics: mga halimbawa, solusyon, paliwanag |
|
Paghahanda para sa OGE at sa Pinag-isang State Exam Pangalawang pangkalahatang edukasyon Linya ng UMK A.V. Grachev. Physics (10-11) (basic, advanced) Linya ng UMK A.V. Grachev. Physics (7-9) Linya ng UMK A.V. Peryshkin. Physics (7-9) Paghahanda para sa Pinag-isang State Exam sa Physics: mga halimbawa, solusyon, paliwanagSinusuri namin ang mga gawain ng Unified State Exam sa physics (Option C) kasama ang guro.Lebedeva Alevtina Sergeevna, guro ng pisika, 27 taong karanasan sa trabaho. Sertipiko ng karangalan mula sa Ministri ng Edukasyon ng Rehiyon ng Moscow (2013), Pasasalamat mula sa Pinuno ng Voskresensky Municipal District (2015), Sertipiko mula sa Pangulo ng Association of Teachers of Mathematics and Physics ng Moscow Region (2015). Ang gawain ay nagpapakita ng mga gawain ng iba't ibang antas ng kahirapan: basic, advanced at mataas. Ang mga pangunahing gawain sa antas ay mga simpleng gawain na sumusubok sa karunungan ng pinakamahalagang pisikal na konsepto, modelo, phenomena at batas. Ang mga advanced na gawain sa antas ay naglalayong subukan ang kakayahang gumamit ng mga konsepto at batas ng pisika upang pag-aralan ang iba't ibang mga proseso at phenomena, pati na rin ang kakayahang malutas ang mga problema gamit ang isa o dalawang batas (mga formula) sa alinman sa mga paksa ng kurso sa pisika ng paaralan. Sa gawain 4, ang mga gawain ng bahagi 2 ay mga gawain na may mataas na antas ng pagiging kumplikado at subukan ang kakayahang gamitin ang mga batas at teorya ng pisika sa isang nagbago o bagong sitwasyon. Ang pagkumpleto ng mga naturang gawain ay nangangailangan ng aplikasyon ng kaalaman mula sa dalawa o tatlong seksyon ng pisika nang sabay-sabay, i.e. mataas na antas ng pagsasanay. Ang opsyong ito ay ganap na tumutugma sa demo na bersyon ng Unified State Exam 2017; ang mga gawain ay kinuha mula sa bukas na bangko ng mga gawain ng Unified State Exam. Ang figure ay nagpapakita ng isang graph ng speed modulus laban sa oras t. Tukuyin mula sa graph ang distansya na nilakbay ng kotse sa pagitan ng oras mula 0 hanggang 30 s.
Solusyon. Ang landas na nilakbay ng isang kotse sa pagitan ng oras mula 0 hanggang 30 s ay pinakamadaling matukoy bilang ang lugar ng isang trapezoid, ang mga base nito ay ang mga agwat ng oras (30 – 0) = 30 s at (30 – 10 ) = 20 s, at ang taas ay ang bilis v= 10 m/s, ibig sabihin.
Sagot. 250 m. Ang isang load na tumitimbang ng 100 kg ay itinataas patayo pataas gamit ang isang cable. Ipinapakita ng figure ang dependence ng velocity projection V load sa axis nakadirekta paitaas, bilang isang function ng oras t. Tukuyin ang modulus ng cable tension force sa panahon ng pag-angat.
Solusyon. Ayon sa velocity projection dependence graph v load sa isang axis na nakadirekta patayo paitaas, bilang isang function ng oras t, matutukoy natin ang projection ng acceleration ng load
Ang pagkarga ay ginagampanan ng: ang puwersa ng gravity na nakadirekta patayo pababa at ang puwersa ng pag-igting ng cable na nakadirekta patayo paitaas sa kahabaan ng cable (tingnan ang Fig. 2. Isulat natin ang pangunahing equation ng dynamics. Gamitin natin ang pangalawang batas ni Newton. Ang geometric na kabuuan ng mga puwersa na kumikilos sa isang katawan ay katumbas ng produkto ng masa ng katawan at ang acceleration na ibinigay dito. + = (1) Isulat natin ang equation para sa projection ng mga vectors sa reference system na nauugnay sa earth, na nagdidirekta sa OY axis pataas. Ang projection ng tension force ay positibo, dahil ang direksyon ng puwersa ay tumutugma sa direksyon ng OY axis, ang projection ng gravity force ay negatibo, dahil ang force vector ay kabaligtaran sa OY axis, ang projection ng acceleration vector ay positibo rin, kaya ang katawan ay gumagalaw nang may paitaas na acceleration. Meron kami T – mg = ma (2); mula sa formula (2) tensile force modulus T = m(g + a) = 100 kg (10 + 2) m/s 2 = 1200 N. Sagot. 1200 N. Ang katawan ay kinakaladkad kasama ang isang magaspang na pahalang na ibabaw na may pare-pareho ang bilis na ang modulus ay 1.5 m/s, na naglalapat ng puwersa dito tulad ng ipinapakita sa Figure (1). Sa kasong ito, ang modulus ng sliding friction force na kumikilos sa katawan ay 16 N. Ano ang kapangyarihan na binuo ng puwersa? F?
Solusyon. Isipin natin ang pisikal na proseso na tinukoy sa pahayag ng problema at gumawa ng isang guhit na eskematiko na nagpapahiwatig ng lahat ng mga puwersa na kumikilos sa katawan (Larawan 2). Isulat natin ang pangunahing equation ng dynamics. Tr + + = (1) Ang pagkakaroon ng pagpili ng isang sistema ng sanggunian na nauugnay sa isang nakapirming ibabaw, isinusulat namin ang mga equation para sa projection ng mga vectors sa mga napiling coordinate axes. Ayon sa mga kondisyon ng problema, ang katawan ay gumagalaw nang pantay, dahil ang bilis nito ay pare-pareho at katumbas ng 1.5 m / s. Nangangahulugan ito na ang acceleration ng katawan ay zero. Dalawang puwersa ang kumikilos nang pahalang sa katawan: ang sliding friction force tr. at ang lakas ng pagkaladkad sa katawan. Ang projection ng friction force ay negatibo, dahil ang force vector ay hindi tumutugma sa direksyon ng axis. X. Projection ng puwersa F positibo. Ipinapaalala namin sa iyo na upang mahanap ang projection, ibinababa namin ang patayo mula sa simula at dulo ng vector sa napiling axis. Isinasaalang-alang ito, mayroon kaming: F cosα – F tr = 0; (1) ipahayag natin ang projection ng puwersa F, Ito F cosα = F tr = 16 N; (2) kung gayon ang kapangyarihang binuo ng puwersa ay magiging katumbas ng N = F cosα V(3) Gumawa tayo ng kapalit, isinasaalang-alang ang equation (2), at palitan ang kaukulang data sa equation (3): N= 16 N · 1.5 m/s = 24 W. Sagot. 24 W. Ang isang load na nakakabit sa isang light spring na may higpit na 200 N/m ay sumasailalim sa mga vertical oscillations. Ang figure ay nagpapakita ng isang graph ng pag-asa sa displacement x load paminsan-minsan t. Tukuyin kung ano ang masa ng pagkarga. Bilugan ang iyong sagot sa isang buong numero.
Solusyon. Ang isang masa sa isang spring ay sumasailalim sa mga vertical oscillations. Ayon sa load displacement graph X mula sa panahon t, tinutukoy namin ang panahon ng oscillation ng load. Ang panahon ng oscillation ay katumbas ng T= 4 s; mula sa formula T= 2π ipahayag natin ang masa m kargamento
Sagot: 81 kg. Ang figure ay nagpapakita ng isang sistema ng dalawang light block at isang walang timbang na cable, kung saan maaari mong panatilihing balanse o iangat ang isang load na tumitimbang ng 10 kg. Ang alitan ay bale-wala. Batay sa pagsusuri ng figure sa itaas, piliin dalawa mga totoong pahayag at ipahiwatig ang kanilang mga numero sa iyong sagot.
Solusyon. Sa problemang ito, kinakailangang tandaan ang mga simpleng mekanismo, katulad ng mga bloke: isang palipat-lipat at isang nakapirming bloke. Ang movable block ay nagbibigay ng dobleng pakinabang sa lakas, habang ang seksyon ng lubid ay kailangang hilahin nang dalawang beses ang haba, at ang nakapirming bloke ay ginagamit upang i-redirect ang puwersa. Sa trabaho, ang mga simpleng mekanismo ng pagkapanalo ay hindi nagbibigay. Matapos suriin ang problema, agad naming pipiliin ang mga kinakailangang pahayag:
Sagot. 45. Ang isang aluminyo na bigat na nakakabit sa isang walang timbang at hindi mapahaba na sinulid ay ganap na nilulubog sa isang sisidlan na may tubig. Ang pagkarga ay hindi hawakan ang mga dingding at ilalim ng sisidlan. Pagkatapos ang isang bakal na timbang, ang masa nito ay katumbas ng masa ng aluminyo timbang, ay nahuhulog sa parehong sisidlan na may tubig. Paano magbabago ang modulus ng tension force ng thread at ang modulus ng force of gravity na kumikilos sa load bilang resulta nito?
Solusyon. Sinusuri namin ang kondisyon ng problema at i-highlight ang mga parameter na hindi nagbabago sa panahon ng pag-aaral: ito ang masa ng katawan at ang likido kung saan ang katawan ay nahuhulog sa isang thread. Pagkatapos nito, mas mahusay na gumawa ng isang pagguhit ng eskematiko at ipahiwatig ang mga puwersa na kumikilos sa pagkarga: pag-igting ng thread F kontrol, nakadirekta paitaas kasama ang thread; gravity nakadirekta patayo pababa; Lakas ng archimedean a, kumikilos mula sa gilid ng likido sa nakalubog na katawan at nakadirekta pataas. Ayon sa mga kondisyon ng problema, ang masa ng mga naglo-load ay pareho, samakatuwid, ang modulus ng puwersa ng grabidad na kumikilos sa pagkarga ay hindi nagbabago. Dahil iba ang densidad ng kargamento, mag-iiba rin ang volume.
Ang density ng bakal ay 7800 kg / m3, at ang density ng aluminum cargo ay 2700 kg / m3. Kaya naman, V at< V a. Ang katawan ay nasa ekwilibriyo, ang resulta ng lahat ng pwersang kumikilos sa katawan ay zero. Idirekta natin ang OY coordinate axis pataas. Isinulat namin ang pangunahing equation ng dinamika, na isinasaalang-alang ang projection ng mga puwersa, sa anyo F kontrol + F a – mg= 0; (1) Ipahayag natin ang puwersa ng pag-igting F kontrol = mg – F a(2); Ang puwersa ng archimedean ay nakasalalay sa densidad ng likido at sa dami ng nakalubog na bahagi ng katawan F a = ρ gV p.h.t. (3); Ang density ng likido ay hindi nagbabago, at ang dami ng katawan ng bakal ay mas maliit V at< V a, samakatuwid ang puwersa ng Archimedean na kumikilos sa pagkarga ng bakal ay magiging mas mababa. Napagpasyahan namin ang tungkol sa modulus ng puwersa ng pag-igting ng thread, nagtatrabaho sa equation (2), tataas ito. Sagot. 13. Isang bloke ng masa m dumudulas sa isang nakapirming magaspang na hilig na eroplano na may anggulong α sa base. Ang acceleration modulus ng block ay katumbas ng a, ang modulus ng bilis ng block ay tumataas. Maaaring mapabayaan ang paglaban ng hangin. Magtatag ng isang pagsusulatan sa pagitan ng mga pisikal na dami at mga formula kung saan maaari silang kalkulahin. Para sa bawat posisyon sa unang hanay, piliin ang kaukulang posisyon mula sa pangalawang hanay at isulat ang mga napiling numero sa talahanayan sa ilalim ng kaukulang mga titik. | |||||||||||||||||||||||||||||||
B) Coefficient ng friction sa pagitan ng isang block at isang hilig na eroplano |
3) mg cosα |
||||||||||||||||||||||||||||||
|
| μ = | F tr | = | m(g sinα – a) | = tgα – | a | (8). |
| N | mg cosα | g cosα |
Pinipili namin ang naaangkop na mga posisyon para sa bawat titik.
Sagot. A – 3; B – 2.
Gawain 8. Ang gas na oxygen ay nasa isang sisidlan na may dami na 33.2 litro. Ang presyon ng gas ay 150 kPa, ang temperatura nito ay 127° C. Tukuyin ang masa ng gas sa sisidlang ito. Ipahayag ang iyong sagot sa gramo at bilugan sa pinakamalapit na buong numero.
Solusyon. Mahalagang bigyang-pansin ang conversion ng mga unit sa SI system. I-convert ang temperatura sa Kelvin T = t°C + 273, dami V= 33.2 l = 33.2 · 10 –3 m 3 ; I-convert namin ang pressure P= 150 kPa = 150,000 Pa. Gamit ang ideal na gas equation ng estado
Ipahayag natin ang masa ng gas.
Tiyaking bigyang-pansin kung aling mga yunit ang hinihiling na isulat ang sagot. Napakahalaga nito.
Sagot.'48
Gawain 9. Ang perpektong monatomic gas sa halagang 0.025 mol ay lumawak nang adiabatically. Kasabay nito, ang temperatura nito ay bumaba mula +103°C hanggang +23°C. Gaano karaming trabaho ang nagawa ng gas? Ipahayag ang iyong sagot sa Joules at i-round sa pinakamalapit na buong numero.
Solusyon. Una, ang gas ay monatomic na bilang ng mga antas ng kalayaan i= 3, pangalawa, ang gas ay lumalawak nang adiabatically - nangangahulugan ito na walang palitan ng init Q= 0. Ang gas ay gumagana sa pamamagitan ng pagpapababa ng panloob na enerhiya. Isinasaalang-alang ito, isinulat namin ang unang batas ng thermodynamics sa anyong 0 = ∆ U + A G; (1) ipahayag natin ang gawaing pang-gas A g = –∆ U(2); Isinulat namin ang pagbabago sa panloob na enerhiya para sa isang monatomic gas bilang
Sagot. 25 J.
Ang kamag-anak na kahalumigmigan ng isang bahagi ng hangin sa isang tiyak na temperatura ay 10%. Ilang beses dapat baguhin ang presyon ng bahaging ito ng hangin upang, sa pare-parehong temperatura, ang kamag-anak na halumigmig nito ay tumaas ng 25%?
Solusyon. Ang mga tanong na may kaugnayan sa puspos na singaw at kahalumigmigan ng hangin ay kadalasang nagdudulot ng mga paghihirap para sa mga mag-aaral. Gamitin natin ang formula para kalkulahin ang relatibong halumigmig ng hangin
Ayon sa mga kondisyon ng problema, ang temperatura ay hindi nagbabago, na nangangahulugan na ang puspos na presyon ng singaw ay nananatiling pareho. Isulat natin ang formula (1) para sa dalawang estado ng hangin.
φ 1 = 10%; φ 2 = 35%
Ipahayag natin ang presyon ng hangin mula sa mga formula (2), (3) at hanapin ang ratio ng presyon.
| P 2 | = | φ 2 | = | 35 | = 3,5 |
| P 1 | φ 1 | 10 |
Sagot. Ang presyon ay dapat tumaas ng 3.5 beses.
Ang mainit na likidong sangkap ay dahan-dahang pinalamig sa isang natutunaw na hurno sa patuloy na kapangyarihan. Ipinapakita ng talahanayan ang mga resulta ng mga sukat ng temperatura ng isang sangkap sa paglipas ng panahon.
Pumili mula sa listahang ibinigay dalawa mga pahayag na tumutugma sa mga resulta ng mga sukat na ginawa at nagpapahiwatig ng kanilang mga numero.
- Ang punto ng pagkatunaw ng sangkap sa ilalim ng mga kondisyong ito ay 232°C.
- Sa loob ng 20 minuto. pagkatapos ng pagsisimula ng mga sukat, ang sangkap ay nasa solidong estado lamang.
- Ang kapasidad ng init ng isang sangkap sa likido at solidong estado ay pareho.
- Pagkatapos ng 30 min. pagkatapos ng pagsisimula ng mga sukat, ang sangkap ay nasa solidong estado lamang.
- Ang proseso ng pagkikristal ng sangkap ay tumagal ng higit sa 25 minuto.
Solusyon. Habang lumalamig ang sangkap, bumaba ang panloob na enerhiya nito. Ang mga resulta ng mga sukat ng temperatura ay nagbibigay-daan sa amin upang matukoy ang temperatura kung saan ang isang sangkap ay nagsisimulang mag-kristal. Habang nagbabago ang isang sangkap mula sa likido patungo sa solid, hindi nagbabago ang temperatura. Alam na ang temperatura ng pagkatunaw at temperatura ng pagkikristal ay pareho, pinili namin ang pahayag:
1. Ang punto ng pagkatunaw ng sangkap sa ilalim ng mga kondisyong ito ay 232°C.
Ang pangalawang tamang pahayag ay:
4. Pagkatapos ng 30 min. pagkatapos ng pagsisimula ng mga sukat, ang sangkap ay nasa solidong estado lamang. Dahil ang temperatura sa puntong ito sa oras ay nasa ibaba na ng temperatura ng crystallization.
Sagot. 14.
Sa isang nakahiwalay na sistema, ang katawan A ay may temperatura na +40°C, at ang katawan B ay may temperatura na +65°C. Ang mga katawan na ito ay dinala sa thermal contact sa isa't isa. Pagkaraan ng ilang oras, naganap ang thermal equilibrium. Paano nagbago ang temperatura ng katawan B at ang kabuuang panloob na enerhiya ng katawan A at B bilang isang resulta?
Para sa bawat dami, tukuyin ang kaukulang katangian ng pagbabago:
- Nadagdagan;
- Nabawasan;
- Hindi nagbago.
Isulat ang mga napiling numero para sa bawat pisikal na dami sa talahanayan. Ang mga numero sa sagot ay maaaring ulitin.
Solusyon. Kung sa isang nakahiwalay na sistema ng mga katawan walang pagbabagong enerhiya na nagaganap maliban sa pagpapalitan ng init, kung gayon ang dami ng init na ibinibigay ng mga katawan na ang panloob na enerhiya ay bumababa ay katumbas ng dami ng init na natatanggap ng mga katawan na ang panloob na enerhiya ay tumataas. (Ayon sa batas ng konserbasyon ng enerhiya.) Sa kasong ito, ang kabuuang panloob na enerhiya ng sistema ay hindi nagbabago. Ang mga problema ng ganitong uri ay nalulutas batay sa equation ng balanse ng init.
| ∆U = ∑ | n | ∆U i = 0 (1); |
| i = 1 |
kung saan ∆ U- pagbabago sa panloob na enerhiya.
Sa aming kaso, bilang resulta ng pagpapalitan ng init, bumababa ang panloob na enerhiya ng katawan B, na nangangahulugang bumababa ang temperatura ng katawan na ito. Ang panloob na enerhiya ng katawan A ay tumataas, dahil ang katawan ay nakatanggap ng isang halaga ng init mula sa katawan B, ang temperatura nito ay tataas. Ang kabuuang panloob na enerhiya ng mga katawan A at B ay hindi nagbabago.
Sagot. 23.
Proton p, na lumilipad sa puwang sa pagitan ng mga pole ng electromagnet, ay may bilis na patayo sa magnetic field induction vector, tulad ng ipinapakita sa figure. Nasaan ang puwersa ng Lorentz na kumikilos sa proton na nakadirekta sa pagguhit (pataas, patungo sa nagmamasid, malayo sa nagmamasid, pababa, kaliwa, kanan)
Solusyon. Ang isang magnetic field ay kumikilos sa isang sisingilin na particle na may puwersa ng Lorentz. Upang matukoy ang direksyon ng puwersang ito, mahalagang tandaan ang mnemonic rule ng kaliwang kamay, huwag kalimutang isaalang-alang ang singil ng butil. Itinuturo namin ang apat na daliri ng kaliwang kamay kasama ang velocity vector, para sa isang positibong sisingilin na particle, ang vector ay dapat na patayo na pumasok sa palad, ang thumb na nakatakda sa 90 ° ay nagpapakita ng direksyon ng puwersa ng Lorentz na kumikilos sa particle. Bilang isang resulta, mayroon kaming na ang Lorentz force vector ay nakadirekta palayo sa tagamasid na may kaugnayan sa figure.
Sagot. mula sa nagmamasid.
Ang modulus ng lakas ng electric field sa isang flat air capacitor na may kapasidad na 50 μF ay katumbas ng 200 V/m. Ang distansya sa pagitan ng mga capacitor plate ay 2 mm. Ano ang singil sa kapasitor? Isulat ang iyong sagot sa µC.
Solusyon. I-convert natin ang lahat ng unit ng pagsukat sa SI system. Kapasidad C = 50 µF = 50 10 –6 F, distansya sa pagitan ng mga plato d= 2 · 10 –3 m. Ang problema ay nagsasalita tungkol sa isang flat air capacitor - isang aparato para sa pag-iimbak ng electric charge at electric field energy. Mula sa formula ng electrical capacitance
saan d- distansya sa pagitan ng mga plato.
Ipahayag natin ang boltahe U=E d(4); Ipalit natin ang (4) sa (2) at kalkulahin ang singil ng kapasitor.
q = C · Ed= 50 10 –6 200 0.002 = 20 µC
Mangyaring bigyang-pansin ang mga yunit kung saan kailangan mong isulat ang sagot. Natanggap namin ito sa mga coulomb, ngunit ipinakita ito sa µC.
Sagot. 20 µC.
Ang mag-aaral ay nagsagawa ng isang eksperimento sa repraksyon ng liwanag, na ipinapakita sa larawan. Paano nagbabago ang anggulo ng repraksyon ng liwanag na nagpapalaganap sa salamin at ang refractive index ng salamin sa pagtaas ng anggulo ng saklaw?
- Nadadagdagan
- Bumababa
- Hindi nagbabago
- Itala ang mga napiling numero para sa bawat sagot sa talahanayan. Ang mga numero sa sagot ay maaaring ulitin.
Solusyon. Sa mga ganitong problema, naaalala natin kung ano ang repraksyon. Ito ay isang pagbabago sa direksyon ng pagpapalaganap ng isang alon kapag dumadaan mula sa isang daluyan patungo sa isa pa. Ito ay sanhi ng katotohanan na ang bilis ng pagpapalaganap ng alon sa mga media na ito ay naiiba. Nang malaman kung aling daluyan ang pinapalaganap ng liwanag, isulat natin ang batas ng repraksyon sa anyo
| sinα | = | n 2 | , |
| kasalananβ | n 1 |
saan n 2 – absolute refractive index ng salamin, ang daluyan kung saan napupunta ang liwanag; n Ang 1 ay ang absolute refractive index ng unang medium kung saan nagmumula ang liwanag. Para sa hangin n 1 = 1. Ang α ay ang anggulo ng saklaw ng sinag sa ibabaw ng kalahating silindro ng salamin, ang β ay ang anggulo ng repraksyon ng sinag sa salamin. Bukod dito, ang anggulo ng repraksyon ay magiging mas mababa kaysa sa anggulo ng saklaw, dahil ang salamin ay isang optically denser medium - isang medium na may mataas na refractive index. Ang bilis ng pagpapalaganap ng liwanag sa salamin ay mas mabagal. Pakitandaan na sinusukat namin ang mga anggulo mula sa patayo na naibalik sa punto ng saklaw ng sinag. Kung tataas mo ang anggulo ng saklaw, tataas ang anggulo ng repraksyon. Hindi nito babaguhin ang refractive index ng salamin.
Sagot.
Copper jumper sa isang punto ng oras t Ang 0 = 0 ay nagsisimulang gumalaw sa bilis na 2 m/s kasama ang parallel horizontal conducting rails, hanggang sa mga dulo kung saan nakakonekta ang isang 10 Ohm resistor. Ang buong sistema ay nasa isang vertical unipormeng magnetic field. Ang paglaban ng jumper at ang mga riles ay bale-wala; ang lumulukso ay laging matatagpuan patayo sa mga riles. Ang flux Ф ng magnetic induction vector sa pamamagitan ng circuit na nabuo ng jumper, riles at risistor ay nagbabago sa paglipas ng panahon t tulad ng ipinapakita sa graph.
Gamit ang graph, pumili ng dalawang tamang pahayag at ipahiwatig ang kanilang mga numero sa iyong sagot.
- Sa pagdating ng oras t= 0.1 s pagbabago sa magnetic flux sa pamamagitan ng circuit ay 1 mWb.
- Induction kasalukuyang sa jumper sa hanay mula sa t= 0.1 s t= 0.3 s max.
- Ang module ng inductive emf na nagmumula sa circuit ay 10 mV.
- Ang lakas ng kasalukuyang induction na dumadaloy sa jumper ay 64 mA.
- Upang mapanatili ang paggalaw ng jumper, isang puwersa ang inilapat dito, ang projection kung saan sa direksyon ng mga riles ay 0.2 N.
Solusyon. Gamit ang isang graph ng dependence ng flux ng magnetic induction vector sa pamamagitan ng circuit sa oras, tutukuyin namin ang mga lugar kung saan nagbabago ang flux F at kung saan ang pagbabago sa flux ay zero. Ito ay magbibigay-daan sa amin upang matukoy ang mga agwat ng oras kung saan ang isang sapilitan na kasalukuyang lilitaw sa circuit. Totoong pahayag:
1) Sa oras t= 0.1 s pagbabago sa magnetic flux sa pamamagitan ng circuit ay katumbas ng 1 mWb ∆Ф = (1 – 0) 10 –3 Wb; Ang module ng inductive emf na nagmumula sa circuit ay tinutukoy gamit ang EMR law
Sagot. 13.
Gamit ang graph ng kasalukuyang laban sa oras sa isang electrical circuit na ang inductance ay 1 mH, tukuyin ang self-inductive emf module sa pagitan ng oras mula 5 hanggang 10 s. Isulat ang iyong sagot sa µV.
Solusyon. I-convert natin ang lahat ng dami sa SI system, i.e. binago namin ang inductance ng 1 mH sa H, nakakakuha kami ng 10 -3 H. Iko-convert din namin ang kasalukuyang ipinapakita sa figure sa mA sa A sa pamamagitan ng pagpaparami ng 10 –3.
Ang formula para sa self-induction emf ay may anyo
sa kasong ito, ang agwat ng oras ay ibinibigay ayon sa mga kondisyon ng problema
∆t= 10 s – 5 s = 5 s
segundo at gamit ang graph natutukoy namin ang pagitan ng kasalukuyang pagbabago sa panahong ito:
∆ako= 30 10 –3 – 20 10 –3 = 10 10 –3 = 10 –2 A.
Pinapalitan namin ang mga numerical na halaga sa formula (2), nakukuha namin
| Ɛ | = 2 ·10 –6 V, o 2 µV.
Sagot. 2.
Ang dalawang transparent na plane-parallel na mga plato ay mahigpit na pinindot laban sa isa't isa. Ang isang sinag ng liwanag ay bumabagsak mula sa hangin papunta sa ibabaw ng unang plato (tingnan ang figure). Ito ay kilala na ang refractive index ng itaas na plato ay katumbas ng n 2 = 1.77. Magtatag ng isang sulat sa pagitan ng mga pisikal na dami at ang kanilang mga kahulugan. Para sa bawat posisyon sa unang hanay, piliin ang kaukulang posisyon mula sa pangalawang hanay at isulat ang mga napiling numero sa talahanayan sa ilalim ng kaukulang mga titik.
Solusyon. Upang malutas ang mga problema sa repraksyon ng liwanag sa interface sa pagitan ng dalawang media, sa partikular na mga problema sa pagpasa ng liwanag sa pamamagitan ng mga plane-parallel plate, ang sumusunod na pamamaraan ng solusyon ay maaaring irekomenda: gumawa ng isang guhit na nagpapahiwatig ng landas ng mga sinag na nagmumula sa isang daluyan patungo sa isa pa; Sa punto ng saklaw ng sinag sa interface sa pagitan ng dalawang media, gumuhit ng normal sa ibabaw, markahan ang mga anggulo ng saklaw at repraksyon. Bigyang-pansin ang optical density ng media na isinasaalang-alang at tandaan na kapag ang isang light beam ay dumaan mula sa isang optically less dense medium patungo sa isang optically denser medium, ang anggulo ng repraksyon ay magiging mas mababa kaysa sa anggulo ng incidence. Ipinapakita ng figure ang anggulo sa pagitan ng sinag ng insidente at ng ibabaw, ngunit kailangan natin ang anggulo ng saklaw. Tandaan na ang mga anggulo ay tinutukoy mula sa patayo na naibalik sa punto ng epekto. Tinutukoy namin na ang anggulo ng saklaw ng sinag sa ibabaw ay 90° – 40° = 50°, refractive index n 2 = 1,77; n 1 = 1 (hangin).
Isulat natin ang batas ng repraksyon
| sinβ = | kasalanan50 | = 0,4327 ≈ 0,433 |
| 1,77 |
I-plot natin ang tinatayang landas ng sinag sa pamamagitan ng mga plato. Gumagamit kami ng formula (1) para sa mga hangganan 2–3 at 3–1. Bilang tugon nakukuha namin
A) Ang sine ng anggulo ng saklaw ng sinag sa hangganan 2–3 sa pagitan ng mga plato ay 2) ≈ 0.433;
B) Ang anggulo ng repraksyon ng sinag kapag tumatawid sa hangganan 3–1 (sa radians) ay 4) ≈ 0.873.
Sagot. 24.
Tukuyin kung gaano karaming mga α - particle at kung gaano karaming mga proton ang nagagawa bilang resulta ng thermonuclear fusion reaction
+ → x+ y;
Solusyon. Sa lahat ng mga reaksyong nuklear, ang mga batas ng konserbasyon ng singil ng kuryente at bilang ng mga nucleon ay sinusunod. Ipahiwatig natin sa pamamagitan ng x ang bilang ng mga particle ng alpha, y ang bilang ng mga proton. Gumawa tayo ng mga equation
+ → x + y;
paglutas ng sistemang mayroon tayo niyan x = 1; y = 2
Sagot. 1 – α-particle; 2 - mga proton.
Ang momentum modulus ng unang photon ay 1.32 · 10 –28 kg m/s, na 9.48 · 10 –28 kg m/s na mas mababa kaysa sa momentum modulus ng pangalawang photon. Hanapin ang ratio ng enerhiya E 2 /E 1 ng pangalawa at unang photon. Bilugan ang iyong sagot sa pinakamalapit na ikasampu.
Solusyon. Ang momentum ng pangalawang photon ay mas malaki kaysa sa momentum ng unang photon ayon sa kondisyon, na nangangahulugang maaari itong ilarawan p 2 = p 1 + Δ p(1). Ang enerhiya ng isang photon ay maaaring ipahayag sa mga tuntunin ng momentum ng photon gamit ang mga sumusunod na equation. Ito E = mc 2 (1) at p = mc(2), pagkatapos
E = pc (3),
saan E- enerhiya ng photon, p– photon momentum, m – photon mass, c= 3 · 10 8 m/s – bilis ng liwanag. Isinasaalang-alang ang formula (3) mayroon kaming:
| E 2 | = | p 2 | = 8,18; |
| E 1 | p 1 |
Bilog namin ang sagot sa tenths at makakuha ng 8.2.
Sagot. 8,2.
Ang nucleus ng atom ay sumailalim sa radioactive positron β - decay. Paano nagbago ang electric charge ng nucleus at ang bilang ng mga neutron sa loob nito bilang resulta nito?
Para sa bawat dami, tukuyin ang kaukulang katangian ng pagbabago:
- Nadagdagan;
- Nabawasan;
- Hindi nagbago.
Isulat ang mga napiling numero para sa bawat pisikal na dami sa talahanayan. Ang mga numero sa sagot ay maaaring ulitin.
Solusyon. Positron β - ang pagkabulok sa atomic nucleus ay nangyayari kapag ang isang proton ay nagbabago sa isang neutron na may paglabas ng isang positron. Bilang resulta nito, ang bilang ng mga neutron sa nucleus ay tumataas ng isa, ang electric charge ay bumababa ng isa, at ang mass number ng nucleus ay nananatiling hindi nagbabago. Kaya, ang reaksyon ng pagbabagong-anyo ng elemento ay ang mga sumusunod:
Sagot. 21.
Limang eksperimento ang isinagawa sa laboratoryo upang obserbahan ang diffraction gamit ang iba't ibang diffraction gratings. Ang bawat isa sa mga rehas na bakal ay naiilaw ng mga parallel beam ng monochromatic light na may isang tiyak na haba ng daluyong. Sa lahat ng kaso, ang ilaw ay nahulog patayo sa grating. Sa dalawa sa mga eksperimentong ito, ang parehong bilang ng pangunahing diffraction maxima ay naobserbahan. Ipahiwatig muna ang bilang ng eksperimento kung saan ginamit ang diffraction grating na may mas maikling panahon, at pagkatapos ay ang bilang ng eksperimento kung saan ginamit ang diffraction grating na may mas malaking panahon.
Solusyon. Ang diffraction ng liwanag ay ang phenomenon ng isang light beam sa isang rehiyon ng geometric shadow. Maaaring maobserbahan ang diffraction kapag, sa landas ng isang magaan na alon, may mga opaque na lugar o mga butas sa malalaking obstacle na malabo sa liwanag, at ang mga sukat ng mga lugar o butas na ito ay naaayon sa haba ng daluyong. Ang isa sa pinakamahalagang aparato ng diffraction ay ang diffraction grating. Ang mga angular na direksyon sa maxima ng pattern ng diffraction ay tinutukoy ng equation
d kasalananφ = kλ (1),
saan d– panahon ng diffraction grating, φ – anggulo sa pagitan ng normal hanggang sa grating at ang direksyon sa isa sa maxima ng diffraction pattern, λ – light wavelength, k– isang integer na tinatawag na pagkakasunud-sunod ng maximum na diffraction. Ipahayag natin mula sa equation (1)
Ang pagpili ng mga pares ayon sa mga kundisyong pang-eksperimento, pipili muna kami ng 4 kung saan ginamit ang isang diffraction grating na may mas maikling panahon, at pagkatapos ay ang bilang ng eksperimento kung saan ginamit ang isang diffraction grating na may mas malaking panahon - ito ay 2.
Sagot. 42.
Ang kasalukuyang daloy sa pamamagitan ng wirewound risistor. Ang risistor ay pinalitan ng isa pa, na may isang wire ng parehong metal at parehong haba, ngunit ang pagkakaroon ng kalahati ng cross-sectional area, at kalahati ng kasalukuyang ay dumaan dito. Paano magbabago ang boltahe sa risistor at ang paglaban nito?
Para sa bawat dami, tukuyin ang kaukulang katangian ng pagbabago:
- Tataas;
- Bababa;
- Hindi magbabago.
Isulat ang mga napiling numero para sa bawat pisikal na dami sa talahanayan. Ang mga numero sa sagot ay maaaring ulitin.
Solusyon. Mahalagang tandaan kung anong mga halaga ang nakasalalay sa paglaban ng konduktor. Ang formula para sa pagkalkula ng paglaban ay
Ang batas ng Ohm para sa isang seksyon ng circuit, mula sa formula (2), ipinapahayag namin ang boltahe
U = I R (3).
Ayon sa mga kondisyon ng problema, ang pangalawang risistor ay gawa sa wire ng parehong materyal, ang parehong haba, ngunit ibang cross-sectional area. Ang lugar ay dalawang beses na mas maliit. Ang pagpapalit sa (1) ay nakita natin na ang paglaban ay tumataas ng 2 beses, at ang kasalukuyang bumababa ng 2 beses, samakatuwid, ang boltahe ay hindi nagbabago.
Sagot. 13.
Ang panahon ng oscillation ng isang mathematical pendulum sa ibabaw ng Earth ay 1.2 beses na mas malaki kaysa sa panahon ng oscillation nito sa isang tiyak na planeta. Ano ang magnitude ng acceleration dahil sa gravity sa planetang ito? Ang impluwensya ng atmospera sa parehong mga kaso ay bale-wala.
Solusyon. Ang mathematical pendulum ay isang sistema na binubuo ng isang thread na ang mga sukat ay mas malaki kaysa sa mga sukat ng bola at ng bola mismo. Maaaring magkaroon ng kahirapan kung ang formula ni Thomson para sa panahon ng oscillation ng isang mathematical pendulum ay nakalimutan.
T= 2π (1);
l– haba ng mathematical pendulum; g- acceleration ng gravity.
Sa pamamagitan ng kondisyon
Ipahayag natin mula sa (3) g n = 14.4 m/s 2. Dapat pansinin na ang acceleration ng gravity ay nakasalalay sa masa ng planeta at ang radius
Sagot. 14.4 m/s 2.
Ang isang tuwid na konduktor na 1 m ang haba na nagdadala ng kasalukuyang 3 A ay matatagpuan sa isang pare-parehong magnetic field na may induction SA= 0.4 Tesla sa isang anggulo na 30° sa vector. Ano ang magnitude ng puwersa na kumikilos sa konduktor mula sa magnetic field?
Solusyon. Kung maglalagay ka ng kasalukuyang nagdadala ng konduktor sa isang magnetic field, ang patlang sa kasalukuyang nagdadala ng konduktor ay kikilos nang may puwersang Ampere. Isulat natin ang formula para sa Ampere force modulus
F A = LB ako sinα ;
F A = 0.6 N
Sagot. F A = 0.6 N.
Ang enerhiya ng magnetic field na nakaimbak sa coil kapag ang isang direktang kasalukuyang ay dumaan dito ay katumbas ng 120 J. Ilang beses dapat tumaas ang lakas ng kasalukuyang dumadaloy sa coil winding upang ang magnetic field na enerhiya na nakaimbak dito ay tumaas ng 5760 J.
Solusyon. Ang enerhiya ng magnetic field ng coil ay kinakalkula ng formula
| W m = | LI 2 | (1); |
| 2 |
Sa pamamagitan ng kondisyon W 1 = 120 J, kung gayon W 2 = 120 + 5760 = 5880 J.
| ako 1 2 = | 2W 1 | ; ako 2 2 = | 2W 2 | ; |
| L | L |
Pagkatapos ay ang kasalukuyang ratio
| ako 2 2 | = 49; | ako 2 | = 7 |
| ako 1 2 | ako 1 |
Sagot. Ang kasalukuyang lakas ay dapat tumaas ng 7 beses. Numero 7 lang ang ilalagay mo sa form ng sagot.
Ang isang de-koryenteng circuit ay binubuo ng dalawang bombilya, dalawang diode at isang turn ng wire na konektado tulad ng ipinapakita sa figure. (Pinapayagan lamang ng isang diode na dumaloy ang kasalukuyang sa isang direksyon, tulad ng ipinapakita sa tuktok ng larawan.) Alin sa mga bombilya ang sisindi kung ang north pole ng magnet ay inilapit sa coil? Ipaliwanag ang iyong sagot sa pamamagitan ng pagsasabi kung anong mga phenomena at pattern ang ginamit mo sa iyong paliwanag.
Solusyon. Lumilitaw ang mga linya ng magnetic induction mula sa north pole ng magnet at naghihiwalay. Habang lumalapit ang magnet, tumataas ang magnetic flux sa coil ng wire. Alinsunod sa panuntunan ni Lenz, ang magnetic field na nilikha ng inductive current ng coil ay dapat idirekta sa kanan. Ayon sa panuntunan ng gimlet, ang kasalukuyang ay dapat dumaloy sa clockwise (tulad ng tiningnan mula sa kaliwa). Ang diode sa pangalawang circuit ng lampara ay pumasa sa direksyon na ito. Ibig sabihin, sisindi ang pangalawang lampara.
Sagot. Ang pangalawang lampara ay sisindi.
Ang haba ng nagsalitang aluminyo L= 25 cm at cross-sectional area S= 0.1 cm 2 na sinuspinde sa isang thread sa itaas na dulo. Ang ibabang dulo ay nakasalalay sa pahalang na ilalim ng sisidlan kung saan ibinuhos ang tubig. Haba ng nakalubog na bahagi ng nagsalita l= 10 cm. Hanapin ang puwersa F, kung saan ang karayom ng pagniniting ay pumipindot sa ilalim ng sisidlan, kung alam na ang thread ay matatagpuan patayo. Densidad ng aluminum ρ a = 2.7 g/cm 3, density ng tubig ρ b = 1.0 g/cm 3. Pagpapabilis ng grabidad g= 10 m/s 2
Solusyon. Gumawa tayo ng paliwanag na guhit.
– Lakas ng pag-igting ng thread;
– Puwersa ng reaksyon ng ilalim ng sisidlan;
a ay ang puwersang Archimedean na kumikilos lamang sa nakalubog na bahagi ng katawan, at inilapat sa gitna ng nakalubog na bahagi ng spoke;
– ang puwersa ng gravity na kumikilos sa spoke mula sa Earth at inilapat sa gitna ng buong spoke.
Sa pamamagitan ng kahulugan, ang masa ng nagsalita m at ang Archimedean force modulus ay ipinahayag tulad ng sumusunod: m = SLρ a (1);
F a = Slρ sa g (2)
Isaalang-alang natin ang mga sandali ng mga puwersa na nauugnay sa punto ng pagsuspinde ng nagsalita.
M(T) = 0 – sandali ng puwersa ng pag-igting; (3)
M(N)= NL ang cosα ay ang sandali ng puwersa ng reaksyon ng suporta; (4)
Isinasaalang-alang ang mga palatandaan ng mga sandali, isinusulat namin ang equation
| NL cosα + Slρ sa g (L – | l | )cosα = SLρ a g | L | cosα (7) |
| 2 | 2 |
isinasaalang-alang na ayon sa ikatlong batas ni Newton, ang puwersa ng reaksyon ng ilalim ng sisidlan ay katumbas ng puwersa F d kung saan pinindot ng karayom sa pagniniting ang ilalim ng sisidlan na isinulat namin N = F d at mula sa equation (7) ipinapahayag namin ang puwersang ito:
| F d = [ | 1 | Lρ a– (1 – | l | )lρ sa ] Sg (8). |
| 2 | 2L |
Palitan natin ang numerical data at makuha iyon
F d = 0.025 N.
Sagot. F d = 0.025 N.
Naglalaman ng silindro m 1 = 1 kg nitrogen, sa panahon ng pagsubok ng lakas ay sumabog sa temperatura t 1 = 327°C. Anong masa ng hydrogen m 2 ay maaaring maimbak sa naturang silindro sa isang temperatura t 2 = 27°C, na may limang beses na safety margin? Molar mass ng nitrogen M 1 = 28 g/mol, hydrogen M 2 = 2 g/mol.
Solusyon. Isulat natin ang Mendeleev–Clapeyron ideal gas equation ng estado para sa nitrogen
saan V- dami ng silindro, T 1 = t 1 + 273°C. Ayon sa kondisyon, ang hydrogen ay maaaring maimbak sa presyon p 2 = p 1/5; (3) Isinasaalang-alang iyon
maaari nating ipahayag ang masa ng hydrogen sa pamamagitan ng direktang pagtatrabaho sa mga equation (2), (3), (4). Ang panghuling formula ay ganito ang hitsura:
| m 2 = | m 1 | M 2 | T 1 | (5). | ||
| 5 | M 1 | T 2 |
Pagkatapos palitan ang numeric data m 2 = 28 g.
Sagot. m 2 = 28 g.
Sa isang perpektong oscillatory circuit, ang amplitude ng kasalukuyang pagbabagu-bago sa inductor ay ako m= 5 mA, at ang amplitude ng boltahe sa kapasitor Um= 2.0 V. Sa oras t ang boltahe sa kapasitor ay 1.2 V. Hanapin ang kasalukuyang sa coil sa sandaling ito.
Solusyon. Sa isang perpektong oscillatory circuit, ang oscillatory energy ay natipid. Para sa isang sandali ng oras t, ang batas ng konserbasyon ng enerhiya ay may anyo
| C | U 2 | + L | ako 2 | = L | ako m 2 | (1) |
| 2 | 2 | 2 |
Para sa amplitude (maximum) na mga halaga ay isinusulat namin
at mula sa equation (2) ipinapahayag namin
| C | = | ako m 2 | (4). |
| L | Um 2 |
I-substitute natin ang (4) sa (3). Bilang resulta, nakukuha namin ang:
ako = ako m (5)
Kaya, ang kasalukuyang sa likid sa sandali ng oras t katumbas ng
ako= 4.0 mA.
Sagot. ako= 4.0 mA.
May salamin sa ilalim ng isang reservoir na 2 m ang lalim. Ang isang sinag ng liwanag, na dumadaan sa tubig, ay makikita mula sa salamin at lumalabas sa tubig. Ang refractive index ng tubig ay 1.33. Hanapin ang distansya sa pagitan ng punto ng pagpasok ng beam sa tubig at ang punto ng paglabas ng beam mula sa tubig kung ang anggulo ng saklaw ng beam ay 30°
Solusyon. Gumawa tayo ng paliwanag na guhit
Ang α ay ang anggulo ng saklaw ng sinag;
Ang β ay ang anggulo ng repraksyon ng sinag sa tubig;
Ang AC ay ang distansya sa pagitan ng punto ng pagpasok ng beam sa tubig at ng punto ng paglabas ng beam mula sa tubig.
Ayon sa batas ng repraksyon ng liwanag
| sinβ = | sinα | (3) |
| n 2 |
Isaalang-alang ang hugis-parihaba na ΔADB. Sa loob nito AD = h, pagkatapos ay DB = AD
| tgβ = h tgβ = h | sinα | = h | kasalananβ | = h | sinα | (4) |
| cosβ |
Nakukuha namin ang sumusunod na expression:
| AC = 2 DB = 2 h | sinα | (5) |
Ipalit natin ang mga numerical value sa resultang formula (5)
Sagot. 1.63 m.
Bilang paghahanda para sa Unified State Exam, inaanyayahan ka naming gawing pamilyar ang iyong sarili work program sa physics para sa grade 7–9 hanggang UMK line ng Peryshkina A.V. At advanced level work program para sa mga baitang 10-11 para sa mga materyales sa pagtuturo Myakisheva G.Ya. Ang mga programa ay magagamit para sa pagtingin at libreng pag-download sa lahat ng mga rehistradong gumagamit.
Paghahanda para sa OGE at sa Pinag-isang State Exam
Pangalawang pangkalahatang edukasyon
Linya ng UMK A.V. Grachev. Physics (10-11) (basic, advanced)
Linya ng UMK A.V. Grachev. Physics (7-9)
Linya ng UMK A.V. Peryshkin. Physics (7-9)
Paghahanda para sa Pinag-isang State Exam sa Physics: mga halimbawa, solusyon, paliwanag
Sinusuri namin ang mga gawain ng Unified State Exam sa physics (Option C) kasama ang guro.Lebedeva Alevtina Sergeevna, guro ng pisika, 27 taong karanasan sa trabaho. Sertipiko ng karangalan mula sa Ministri ng Edukasyon ng Rehiyon ng Moscow (2013), Pasasalamat mula sa Pinuno ng Voskresensky Municipal District (2015), Sertipiko mula sa Pangulo ng Association of Teachers of Mathematics and Physics ng Moscow Region (2015).
Ang gawain ay nagpapakita ng mga gawain ng iba't ibang antas ng kahirapan: basic, advanced at mataas. Ang mga pangunahing gawain sa antas ay mga simpleng gawain na sumusubok sa karunungan ng pinakamahalagang pisikal na konsepto, modelo, phenomena at batas. Ang mga advanced na gawain sa antas ay naglalayong subukan ang kakayahang gumamit ng mga konsepto at batas ng pisika upang pag-aralan ang iba't ibang mga proseso at phenomena, pati na rin ang kakayahang malutas ang mga problema gamit ang isa o dalawang batas (mga formula) sa alinman sa mga paksa ng kurso sa pisika ng paaralan. Sa gawain 4, ang mga gawain ng bahagi 2 ay mga gawain na may mataas na antas ng pagiging kumplikado at subukan ang kakayahang gamitin ang mga batas at teorya ng pisika sa isang nagbago o bagong sitwasyon. Ang pagkumpleto ng mga naturang gawain ay nangangailangan ng aplikasyon ng kaalaman mula sa dalawa o tatlong seksyon ng pisika nang sabay-sabay, i.e. mataas na antas ng pagsasanay. Ang opsyong ito ay ganap na tumutugma sa demo na bersyon ng Unified State Exam 2017; ang mga gawain ay kinuha mula sa bukas na bangko ng mga gawain ng Unified State Exam.
Ang figure ay nagpapakita ng isang graph ng speed modulus laban sa oras t. Tukuyin mula sa graph ang distansya na nilakbay ng kotse sa pagitan ng oras mula 0 hanggang 30 s.
Solusyon. Ang landas na nilakbay ng isang kotse sa pagitan ng oras mula 0 hanggang 30 s ay pinakamadaling matukoy bilang ang lugar ng isang trapezoid, ang mga base nito ay ang mga agwat ng oras (30 – 0) = 30 s at (30 – 10 ) = 20 s, at ang taas ay ang bilis v= 10 m/s, ibig sabihin.
| S = | (30 + 20) Sa | 10 m/s = 250 m. |
| 2 |
Sagot. 250 m.
Ang isang load na tumitimbang ng 100 kg ay itinataas patayo pataas gamit ang isang cable. Ipinapakita ng figure ang dependence ng velocity projection V load sa axis nakadirekta paitaas, bilang isang function ng oras t. Tukuyin ang modulus ng cable tension force sa panahon ng pag-angat.
Solusyon. Ayon sa velocity projection dependence graph v load sa isang axis na nakadirekta patayo paitaas, bilang isang function ng oras t, matutukoy natin ang projection ng acceleration ng load
| a = | ∆v | = | (8 – 2) m/s | = 2 m/s 2. |
| ∆t | 3 s |
Ang pagkarga ay ginagampanan ng: ang puwersa ng gravity na nakadirekta patayo pababa at ang puwersa ng pag-igting ng cable na nakadirekta patayo paitaas sa kahabaan ng cable (tingnan ang Fig. 2. Isulat natin ang pangunahing equation ng dynamics. Gamitin natin ang pangalawang batas ni Newton. Ang geometric na kabuuan ng mga puwersa na kumikilos sa isang katawan ay katumbas ng produkto ng masa ng katawan at ang acceleration na ibinigay dito.
+ = (1)
Isulat natin ang equation para sa projection ng mga vectors sa reference system na nauugnay sa earth, na nagdidirekta sa OY axis pataas. Ang projection ng tension force ay positibo, dahil ang direksyon ng puwersa ay tumutugma sa direksyon ng OY axis, ang projection ng gravity force ay negatibo, dahil ang force vector ay kabaligtaran sa OY axis, ang projection ng acceleration vector ay positibo rin, kaya ang katawan ay gumagalaw nang may paitaas na acceleration. Meron kami
T – mg = ma (2);
mula sa formula (2) tensile force modulus
T = m(g + a) = 100 kg (10 + 2) m/s 2 = 1200 N.
Sagot. 1200 N.
Ang katawan ay kinakaladkad kasama ang isang magaspang na pahalang na ibabaw na may pare-pareho ang bilis na ang modulus ay 1.5 m/s, na naglalapat ng puwersa dito tulad ng ipinapakita sa Figure (1). Sa kasong ito, ang modulus ng sliding friction force na kumikilos sa katawan ay 16 N. Ano ang kapangyarihan na binuo ng puwersa? F?
Solusyon. Isipin natin ang pisikal na proseso na tinukoy sa pahayag ng problema at gumawa ng isang guhit na eskematiko na nagpapahiwatig ng lahat ng mga puwersa na kumikilos sa katawan (Larawan 2). Isulat natin ang pangunahing equation ng dynamics.
Tr + + = (1)
Ang pagkakaroon ng pagpili ng isang sistema ng sanggunian na nauugnay sa isang nakapirming ibabaw, isinusulat namin ang mga equation para sa projection ng mga vectors sa mga napiling coordinate axes. Ayon sa mga kondisyon ng problema, ang katawan ay gumagalaw nang pantay, dahil ang bilis nito ay pare-pareho at katumbas ng 1.5 m / s. Nangangahulugan ito na ang acceleration ng katawan ay zero. Dalawang puwersa ang kumikilos nang pahalang sa katawan: ang sliding friction force tr. at ang lakas ng pagkaladkad sa katawan. Ang projection ng friction force ay negatibo, dahil ang force vector ay hindi tumutugma sa direksyon ng axis. X. Projection ng puwersa F positibo. Ipinapaalala namin sa iyo na upang mahanap ang projection, ibinababa namin ang patayo mula sa simula at dulo ng vector sa napiling axis. Isinasaalang-alang ito, mayroon kaming: F cosα – F tr = 0; (1) ipahayag natin ang projection ng puwersa F, Ito F cosα = F tr = 16 N; (2) kung gayon ang kapangyarihang binuo ng puwersa ay magiging katumbas ng N = F cosα V(3) Gumawa tayo ng kapalit, isinasaalang-alang ang equation (2), at palitan ang kaukulang data sa equation (3):
N= 16 N · 1.5 m/s = 24 W.
Sagot. 24 W.
Ang isang load na nakakabit sa isang light spring na may higpit na 200 N/m ay sumasailalim sa mga vertical oscillations. Ang figure ay nagpapakita ng isang graph ng pag-asa sa displacement x load paminsan-minsan t. Tukuyin kung ano ang masa ng pagkarga. Bilugan ang iyong sagot sa isang buong numero.
Solusyon. Ang isang masa sa isang spring ay sumasailalim sa mga vertical oscillations. Ayon sa load displacement graph X mula sa panahon t, tinutukoy namin ang panahon ng oscillation ng load. Ang panahon ng oscillation ay katumbas ng T= 4 s; mula sa formula T= 2π ipahayag natin ang masa m kargamento
| = | T | ; | m | = | T 2 | ; m = k | T 2 | ; m= 200 N/m | (4 s) 2 | = 81.14 kg ≈ 81 kg. |
| 2π | k | 4π 2 | 4π 2 | 39,438 |
Sagot: 81 kg.
Ang figure ay nagpapakita ng isang sistema ng dalawang light block at isang walang timbang na cable, kung saan maaari mong panatilihing balanse o iangat ang isang load na tumitimbang ng 10 kg. Ang alitan ay bale-wala. Batay sa pagsusuri ng figure sa itaas, piliin dalawa mga totoong pahayag at ipahiwatig ang kanilang mga numero sa iyong sagot.
- Upang mapanatili ang balanse ng pagkarga, kailangan mong kumilos sa dulo ng lubid na may lakas na 100 N.
- Ang block system na ipinapakita sa figure ay hindi nagbibigay ng anumang pakinabang sa lakas.
- h, kailangan mong bunutin ang isang seksyon ng haba ng lubid 3 h.
- Upang dahan-dahang iangat ang isang load sa isang taas hh.
Solusyon. Sa problemang ito, kinakailangang tandaan ang mga simpleng mekanismo, katulad ng mga bloke: isang palipat-lipat at isang nakapirming bloke. Ang movable block ay nagbibigay ng dobleng pakinabang sa lakas, habang ang seksyon ng lubid ay kailangang hilahin nang dalawang beses ang haba, at ang nakapirming bloke ay ginagamit upang i-redirect ang puwersa. Sa trabaho, ang mga simpleng mekanismo ng pagkapanalo ay hindi nagbibigay. Matapos suriin ang problema, agad naming pipiliin ang mga kinakailangang pahayag:
- Upang dahan-dahang iangat ang isang load sa isang taas h, kailangan mong bunutin ang isang seksyon ng haba ng lubid 2 h.
- Upang mapanatili ang balanse ng pagkarga, kailangan mong kumilos sa dulo ng lubid na may lakas na 50 N.
Sagot. 45.
Ang isang aluminyo na bigat na nakakabit sa isang walang timbang at hindi mapahaba na sinulid ay ganap na nilulubog sa isang sisidlan na may tubig. Ang pagkarga ay hindi hawakan ang mga dingding at ilalim ng sisidlan. Pagkatapos ang isang bakal na timbang, ang masa nito ay katumbas ng masa ng aluminyo timbang, ay nahuhulog sa parehong sisidlan na may tubig. Paano magbabago ang modulus ng tension force ng thread at ang modulus ng force of gravity na kumikilos sa load bilang resulta nito?
- Nadadagdagan;
- Bumababa;
- Hindi nagbabago.
Solusyon. Sinusuri namin ang kondisyon ng problema at i-highlight ang mga parameter na hindi nagbabago sa panahon ng pag-aaral: ito ang masa ng katawan at ang likido kung saan ang katawan ay nahuhulog sa isang thread. Pagkatapos nito, mas mahusay na gumawa ng isang pagguhit ng eskematiko at ipahiwatig ang mga puwersa na kumikilos sa pagkarga: pag-igting ng thread F kontrol, nakadirekta paitaas kasama ang thread; gravity nakadirekta patayo pababa; Lakas ng archimedean a, kumikilos mula sa gilid ng likido sa nakalubog na katawan at nakadirekta pataas. Ayon sa mga kondisyon ng problema, ang masa ng mga naglo-load ay pareho, samakatuwid, ang modulus ng puwersa ng grabidad na kumikilos sa pagkarga ay hindi nagbabago. Dahil iba ang densidad ng kargamento, mag-iiba rin ang volume.
| V = | m | . |
| p |
Ang density ng bakal ay 7800 kg / m3, at ang density ng aluminum cargo ay 2700 kg / m3. Kaya naman, V at< V a. Ang katawan ay nasa ekwilibriyo, ang resulta ng lahat ng pwersang kumikilos sa katawan ay zero. Idirekta natin ang OY coordinate axis pataas. Isinulat namin ang pangunahing equation ng dinamika, na isinasaalang-alang ang projection ng mga puwersa, sa anyo F kontrol + F a – mg= 0; (1) Ipahayag natin ang puwersa ng pag-igting F kontrol = mg – F a(2); Ang puwersa ng archimedean ay nakasalalay sa densidad ng likido at sa dami ng nakalubog na bahagi ng katawan F a = ρ gV p.h.t. (3); Ang density ng likido ay hindi nagbabago, at ang dami ng katawan ng bakal ay mas maliit V at< V a, samakatuwid ang puwersa ng Archimedean na kumikilos sa pagkarga ng bakal ay magiging mas mababa. Napagpasyahan namin ang tungkol sa modulus ng puwersa ng pag-igting ng thread, nagtatrabaho sa equation (2), tataas ito.
Sagot. 13.
Isang bloke ng masa m dumudulas sa isang nakapirming magaspang na hilig na eroplano na may anggulong α sa base. Ang acceleration modulus ng block ay katumbas ng a, ang modulus ng bilis ng block ay tumataas. Maaaring mapabayaan ang paglaban ng hangin.
Magtatag ng isang pagsusulatan sa pagitan ng mga pisikal na dami at mga formula kung saan maaari silang kalkulahin. Para sa bawat posisyon sa unang hanay, piliin ang kaukulang posisyon mula sa pangalawang hanay at isulat ang mga napiling numero sa talahanayan sa ilalim ng kaukulang mga titik.
B) Coefficient ng friction sa pagitan ng isang block at isang hilig na eroplano
3) mg cosα
| 4) sinα – | a |
| g cosα |
Solusyon. Ang gawaing ito ay nangangailangan ng aplikasyon ng mga batas ni Newton. Inirerekumenda namin ang paggawa ng isang eskematiko na pagguhit; ipahiwatig ang lahat ng kinematic na katangian ng paggalaw. Kung maaari, ilarawan ang acceleration vector at ang mga vector ng lahat ng pwersang inilapat sa gumagalaw na katawan; tandaan na ang mga puwersang kumikilos sa isang katawan ay resulta ng pakikipag-ugnayan sa ibang mga katawan. Pagkatapos ay isulat ang pangunahing equation ng dynamics. Pumili ng reference system at isulat ang resultang equation para sa projection ng force at acceleration vectors;
Kasunod ng iminungkahing algorithm, gagawa kami ng schematic drawing (Larawan 1). Ipinapakita ng figure ang mga puwersang inilapat sa sentro ng grabidad ng bloke at ang mga coordinate axes ng reference system na nauugnay sa ibabaw ng hilig na eroplano. Dahil ang lahat ng pwersa ay pare-pareho, ang paggalaw ng bloke ay magiging pare-parehong variable na may pagtaas ng bilis, i.e. ang acceleration vector ay nakadirekta sa direksyon ng paggalaw. Piliin natin ang direksyon ng mga axes tulad ng ipinapakita sa figure. Isulat natin ang mga projection ng pwersa sa mga napiling axes.
Isulat natin ang pangunahing equation ng dynamics:
Tr + = (1)
Isulat natin ang equation na ito (1) para sa projection ng mga pwersa at acceleration.
Sa OY axis: positibo ang projection ng ground reaction force, dahil ang vector ay tumutugma sa direksyon ng OY axis Sinabi ni Ny = N; ang projection ng friction force ay zero dahil ang vector ay patayo sa axis; ang projection ng gravity ay magiging negatibo at pantay mg y= – mg cosα; acceleration vector projection isang y= 0, dahil ang acceleration vector ay patayo sa axis. Meron kami N – mg cosα = 0 (2) mula sa equation ipinapahayag namin ang puwersa ng reaksyon na kumikilos sa bloke mula sa gilid ng inclined plane. N = mg cosα (3). Isulat natin ang mga projection sa OX axis.
Sa axis ng OX: force projection N ay katumbas ng zero, dahil ang vector ay patayo sa OX axis; Ang projection ng friction force ay negatibo (ang vector ay nakadirekta sa tapat na direksyon na may kaugnayan sa napiling axis); ang projection ng gravity ay positibo at katumbas ng mg x = mg sinα (4) mula sa isang kanang tatsulok. Positibo ang projection ng acceleration isang x = a; Pagkatapos ay isusulat namin ang equation (1) na isinasaalang-alang ang projection mg sinα – F tr = ma (5); F tr = m(g sinα – a) (6); Tandaan na ang puwersa ng friction ay proporsyonal sa puwersa ng normal na presyon N.
A-priory F tr = μ N(7), ipinapahayag namin ang koepisyent ng friction ng block sa hilig na eroplano.
| μ = | F tr | = | m(g sinα – a) | = tgα – | a | (8). |
| N | mg cosα | g cosα |
Pinipili namin ang naaangkop na mga posisyon para sa bawat titik.
Sagot. A – 3; B – 2.
Gawain 8. Ang gas na oxygen ay nasa isang sisidlan na may dami na 33.2 litro. Ang presyon ng gas ay 150 kPa, ang temperatura nito ay 127° C. Tukuyin ang masa ng gas sa sisidlang ito. Ipahayag ang iyong sagot sa gramo at bilugan sa pinakamalapit na buong numero.
Solusyon. Mahalagang bigyang-pansin ang conversion ng mga unit sa SI system. I-convert ang temperatura sa Kelvin T = t°C + 273, dami V= 33.2 l = 33.2 · 10 –3 m 3 ; I-convert namin ang pressure P= 150 kPa = 150,000 Pa. Gamit ang ideal na gas equation ng estado
Ipahayag natin ang masa ng gas.
Tiyaking bigyang-pansin kung aling mga yunit ang hinihiling na isulat ang sagot. Napakahalaga nito.
Sagot.'48
Gawain 9. Ang perpektong monatomic gas sa halagang 0.025 mol ay lumawak nang adiabatically. Kasabay nito, ang temperatura nito ay bumaba mula +103°C hanggang +23°C. Gaano karaming trabaho ang nagawa ng gas? Ipahayag ang iyong sagot sa Joules at i-round sa pinakamalapit na buong numero.
Solusyon. Una, ang gas ay monatomic na bilang ng mga antas ng kalayaan i= 3, pangalawa, ang gas ay lumalawak nang adiabatically - nangangahulugan ito na walang palitan ng init Q= 0. Ang gas ay gumagana sa pamamagitan ng pagpapababa ng panloob na enerhiya. Isinasaalang-alang ito, isinulat namin ang unang batas ng thermodynamics sa anyong 0 = ∆ U + A G; (1) ipahayag natin ang gawaing pang-gas A g = –∆ U(2); Isinulat namin ang pagbabago sa panloob na enerhiya para sa isang monatomic gas bilang
Sagot. 25 J.
Ang kamag-anak na kahalumigmigan ng isang bahagi ng hangin sa isang tiyak na temperatura ay 10%. Ilang beses dapat baguhin ang presyon ng bahaging ito ng hangin upang, sa pare-parehong temperatura, ang kamag-anak na halumigmig nito ay tumaas ng 25%?
Solusyon. Ang mga tanong na may kaugnayan sa puspos na singaw at kahalumigmigan ng hangin ay kadalasang nagdudulot ng mga paghihirap para sa mga mag-aaral. Gamitin natin ang formula para kalkulahin ang relatibong halumigmig ng hangin
Ayon sa mga kondisyon ng problema, ang temperatura ay hindi nagbabago, na nangangahulugan na ang puspos na presyon ng singaw ay nananatiling pareho. Isulat natin ang formula (1) para sa dalawang estado ng hangin.
φ 1 = 10%; φ 2 = 35%
Ipahayag natin ang presyon ng hangin mula sa mga formula (2), (3) at hanapin ang ratio ng presyon.
| P 2 | = | φ 2 | = | 35 | = 3,5 |
| P 1 | φ 1 | 10 |
Sagot. Ang presyon ay dapat tumaas ng 3.5 beses.
Ang mainit na likidong sangkap ay dahan-dahang pinalamig sa isang natutunaw na hurno sa patuloy na kapangyarihan. Ipinapakita ng talahanayan ang mga resulta ng mga sukat ng temperatura ng isang sangkap sa paglipas ng panahon.
Pumili mula sa listahang ibinigay dalawa mga pahayag na tumutugma sa mga resulta ng mga sukat na ginawa at nagpapahiwatig ng kanilang mga numero.
- Ang punto ng pagkatunaw ng sangkap sa ilalim ng mga kondisyong ito ay 232°C.
- Sa loob ng 20 minuto. pagkatapos ng pagsisimula ng mga sukat, ang sangkap ay nasa solidong estado lamang.
- Ang kapasidad ng init ng isang sangkap sa likido at solidong estado ay pareho.
- Pagkatapos ng 30 min. pagkatapos ng pagsisimula ng mga sukat, ang sangkap ay nasa solidong estado lamang.
- Ang proseso ng pagkikristal ng sangkap ay tumagal ng higit sa 25 minuto.
Solusyon. Habang lumalamig ang sangkap, bumaba ang panloob na enerhiya nito. Ang mga resulta ng mga sukat ng temperatura ay nagbibigay-daan sa amin upang matukoy ang temperatura kung saan ang isang sangkap ay nagsisimulang mag-kristal. Habang nagbabago ang isang sangkap mula sa likido patungo sa solid, hindi nagbabago ang temperatura. Alam na ang temperatura ng pagkatunaw at temperatura ng pagkikristal ay pareho, pinili namin ang pahayag:
1. Ang punto ng pagkatunaw ng sangkap sa ilalim ng mga kondisyong ito ay 232°C.
Ang pangalawang tamang pahayag ay:
4. Pagkatapos ng 30 min. pagkatapos ng pagsisimula ng mga sukat, ang sangkap ay nasa solidong estado lamang. Dahil ang temperatura sa puntong ito sa oras ay nasa ibaba na ng temperatura ng crystallization.
Sagot. 14.
Sa isang nakahiwalay na sistema, ang katawan A ay may temperatura na +40°C, at ang katawan B ay may temperatura na +65°C. Ang mga katawan na ito ay dinala sa thermal contact sa isa't isa. Pagkaraan ng ilang oras, naganap ang thermal equilibrium. Paano nagbago ang temperatura ng katawan B at ang kabuuang panloob na enerhiya ng katawan A at B bilang isang resulta?
Para sa bawat dami, tukuyin ang kaukulang katangian ng pagbabago:
- Nadagdagan;
- Nabawasan;
- Hindi nagbago.
Isulat ang mga napiling numero para sa bawat pisikal na dami sa talahanayan. Ang mga numero sa sagot ay maaaring ulitin.
Solusyon. Kung sa isang nakahiwalay na sistema ng mga katawan walang pagbabagong enerhiya na nagaganap maliban sa pagpapalitan ng init, kung gayon ang dami ng init na ibinibigay ng mga katawan na ang panloob na enerhiya ay bumababa ay katumbas ng dami ng init na natatanggap ng mga katawan na ang panloob na enerhiya ay tumataas. (Ayon sa batas ng konserbasyon ng enerhiya.) Sa kasong ito, ang kabuuang panloob na enerhiya ng sistema ay hindi nagbabago. Ang mga problema ng ganitong uri ay nalulutas batay sa equation ng balanse ng init.
| ∆U = ∑ | n | ∆U i = 0 (1); |
| i = 1 |
kung saan ∆ U- pagbabago sa panloob na enerhiya.
Sa aming kaso, bilang resulta ng pagpapalitan ng init, bumababa ang panloob na enerhiya ng katawan B, na nangangahulugang bumababa ang temperatura ng katawan na ito. Ang panloob na enerhiya ng katawan A ay tumataas, dahil ang katawan ay nakatanggap ng isang halaga ng init mula sa katawan B, ang temperatura nito ay tataas. Ang kabuuang panloob na enerhiya ng mga katawan A at B ay hindi nagbabago.
Sagot. 23.
Proton p, na lumilipad sa puwang sa pagitan ng mga pole ng electromagnet, ay may bilis na patayo sa magnetic field induction vector, tulad ng ipinapakita sa figure. Nasaan ang puwersa ng Lorentz na kumikilos sa proton na nakadirekta sa pagguhit (pataas, patungo sa nagmamasid, malayo sa nagmamasid, pababa, kaliwa, kanan)
Solusyon. Ang isang magnetic field ay kumikilos sa isang sisingilin na particle na may puwersa ng Lorentz. Upang matukoy ang direksyon ng puwersang ito, mahalagang tandaan ang mnemonic rule ng kaliwang kamay, huwag kalimutang isaalang-alang ang singil ng butil. Itinuturo namin ang apat na daliri ng kaliwang kamay kasama ang velocity vector, para sa isang positibong sisingilin na particle, ang vector ay dapat na patayo na pumasok sa palad, ang thumb na nakatakda sa 90 ° ay nagpapakita ng direksyon ng puwersa ng Lorentz na kumikilos sa particle. Bilang isang resulta, mayroon kaming na ang Lorentz force vector ay nakadirekta palayo sa tagamasid na may kaugnayan sa figure.
Sagot. mula sa nagmamasid.
Ang modulus ng lakas ng electric field sa isang flat air capacitor na may kapasidad na 50 μF ay katumbas ng 200 V/m. Ang distansya sa pagitan ng mga capacitor plate ay 2 mm. Ano ang singil sa kapasitor? Isulat ang iyong sagot sa µC.
Solusyon. I-convert natin ang lahat ng unit ng pagsukat sa SI system. Kapasidad C = 50 µF = 50 10 –6 F, distansya sa pagitan ng mga plato d= 2 · 10 –3 m. Ang problema ay nagsasalita tungkol sa isang flat air capacitor - isang aparato para sa pag-iimbak ng electric charge at electric field energy. Mula sa formula ng electrical capacitance
saan d- distansya sa pagitan ng mga plato.
Ipahayag natin ang boltahe U=E d(4); Ipalit natin ang (4) sa (2) at kalkulahin ang singil ng kapasitor.
q = C · Ed= 50 10 –6 200 0.002 = 20 µC
Mangyaring bigyang-pansin ang mga yunit kung saan kailangan mong isulat ang sagot. Natanggap namin ito sa mga coulomb, ngunit ipinakita ito sa µC.
Sagot. 20 µC.
Ang mag-aaral ay nagsagawa ng isang eksperimento sa repraksyon ng liwanag, na ipinapakita sa larawan. Paano nagbabago ang anggulo ng repraksyon ng liwanag na nagpapalaganap sa salamin at ang refractive index ng salamin sa pagtaas ng anggulo ng saklaw?
- Nadadagdagan
- Bumababa
- Hindi nagbabago
- Itala ang mga napiling numero para sa bawat sagot sa talahanayan. Ang mga numero sa sagot ay maaaring ulitin.
Solusyon. Sa mga ganitong problema, naaalala natin kung ano ang repraksyon. Ito ay isang pagbabago sa direksyon ng pagpapalaganap ng isang alon kapag dumadaan mula sa isang daluyan patungo sa isa pa. Ito ay sanhi ng katotohanan na ang bilis ng pagpapalaganap ng alon sa mga media na ito ay naiiba. Nang malaman kung aling daluyan ang pinapalaganap ng liwanag, isulat natin ang batas ng repraksyon sa anyo
| sinα | = | n 2 | , |
| kasalananβ | n 1 |
saan n 2 – absolute refractive index ng salamin, ang daluyan kung saan napupunta ang liwanag; n Ang 1 ay ang absolute refractive index ng unang medium kung saan nagmumula ang liwanag. Para sa hangin n 1 = 1. Ang α ay ang anggulo ng saklaw ng sinag sa ibabaw ng kalahating silindro ng salamin, ang β ay ang anggulo ng repraksyon ng sinag sa salamin. Bukod dito, ang anggulo ng repraksyon ay magiging mas mababa kaysa sa anggulo ng saklaw, dahil ang salamin ay isang optically denser medium - isang medium na may mataas na refractive index. Ang bilis ng pagpapalaganap ng liwanag sa salamin ay mas mabagal. Pakitandaan na sinusukat namin ang mga anggulo mula sa patayo na naibalik sa punto ng saklaw ng sinag. Kung tataas mo ang anggulo ng saklaw, tataas ang anggulo ng repraksyon. Hindi nito babaguhin ang refractive index ng salamin.
Sagot.
Copper jumper sa isang punto ng oras t Ang 0 = 0 ay nagsisimulang gumalaw sa bilis na 2 m/s kasama ang parallel horizontal conducting rails, hanggang sa mga dulo kung saan nakakonekta ang isang 10 Ohm resistor. Ang buong sistema ay nasa isang vertical unipormeng magnetic field. Ang paglaban ng jumper at ang mga riles ay bale-wala; ang lumulukso ay laging matatagpuan patayo sa mga riles. Ang flux Ф ng magnetic induction vector sa pamamagitan ng circuit na nabuo ng jumper, riles at risistor ay nagbabago sa paglipas ng panahon t tulad ng ipinapakita sa graph.
Gamit ang graph, pumili ng dalawang tamang pahayag at ipahiwatig ang kanilang mga numero sa iyong sagot.
- Sa pagdating ng oras t= 0.1 s pagbabago sa magnetic flux sa pamamagitan ng circuit ay 1 mWb.
- Induction kasalukuyang sa jumper sa hanay mula sa t= 0.1 s t= 0.3 s max.
- Ang module ng inductive emf na nagmumula sa circuit ay 10 mV.
- Ang lakas ng kasalukuyang induction na dumadaloy sa jumper ay 64 mA.
- Upang mapanatili ang paggalaw ng jumper, isang puwersa ang inilapat dito, ang projection kung saan sa direksyon ng mga riles ay 0.2 N.
Solusyon. Gamit ang isang graph ng dependence ng flux ng magnetic induction vector sa pamamagitan ng circuit sa oras, tutukuyin namin ang mga lugar kung saan nagbabago ang flux F at kung saan ang pagbabago sa flux ay zero. Ito ay magbibigay-daan sa amin upang matukoy ang mga agwat ng oras kung saan ang isang sapilitan na kasalukuyang lilitaw sa circuit. Totoong pahayag:
1) Sa oras t= 0.1 s pagbabago sa magnetic flux sa pamamagitan ng circuit ay katumbas ng 1 mWb ∆Ф = (1 – 0) 10 –3 Wb; Ang module ng inductive emf na nagmumula sa circuit ay tinutukoy gamit ang EMR law
Sagot. 13.
Gamit ang graph ng kasalukuyang laban sa oras sa isang electrical circuit na ang inductance ay 1 mH, tukuyin ang self-inductive emf module sa pagitan ng oras mula 5 hanggang 10 s. Isulat ang iyong sagot sa µV.
Solusyon. I-convert natin ang lahat ng dami sa SI system, i.e. binago namin ang inductance ng 1 mH sa H, nakakakuha kami ng 10 -3 H. Iko-convert din namin ang kasalukuyang ipinapakita sa figure sa mA sa A sa pamamagitan ng pagpaparami ng 10 –3.
Ang formula para sa self-induction emf ay may anyo
sa kasong ito, ang agwat ng oras ay ibinibigay ayon sa mga kondisyon ng problema
∆t= 10 s – 5 s = 5 s
segundo at gamit ang graph natutukoy namin ang pagitan ng kasalukuyang pagbabago sa panahong ito:
∆ako= 30 10 –3 – 20 10 –3 = 10 10 –3 = 10 –2 A.
Pinapalitan namin ang mga numerical na halaga sa formula (2), nakukuha namin
| Ɛ | = 2 ·10 –6 V, o 2 µV.
Sagot. 2.
Ang dalawang transparent na plane-parallel na mga plato ay mahigpit na pinindot laban sa isa't isa. Ang isang sinag ng liwanag ay bumabagsak mula sa hangin papunta sa ibabaw ng unang plato (tingnan ang figure). Ito ay kilala na ang refractive index ng itaas na plato ay katumbas ng n 2 = 1.77. Magtatag ng isang sulat sa pagitan ng mga pisikal na dami at ang kanilang mga kahulugan. Para sa bawat posisyon sa unang hanay, piliin ang kaukulang posisyon mula sa pangalawang hanay at isulat ang mga napiling numero sa talahanayan sa ilalim ng kaukulang mga titik.
Solusyon. Upang malutas ang mga problema sa repraksyon ng liwanag sa interface sa pagitan ng dalawang media, sa partikular na mga problema sa pagpasa ng liwanag sa pamamagitan ng mga plane-parallel plate, ang sumusunod na pamamaraan ng solusyon ay maaaring irekomenda: gumawa ng isang guhit na nagpapahiwatig ng landas ng mga sinag na nagmumula sa isang daluyan patungo sa isa pa; Sa punto ng saklaw ng sinag sa interface sa pagitan ng dalawang media, gumuhit ng normal sa ibabaw, markahan ang mga anggulo ng saklaw at repraksyon. Bigyang-pansin ang optical density ng media na isinasaalang-alang at tandaan na kapag ang isang light beam ay dumaan mula sa isang optically less dense medium patungo sa isang optically denser medium, ang anggulo ng repraksyon ay magiging mas mababa kaysa sa anggulo ng incidence. Ipinapakita ng figure ang anggulo sa pagitan ng sinag ng insidente at ng ibabaw, ngunit kailangan natin ang anggulo ng saklaw. Tandaan na ang mga anggulo ay tinutukoy mula sa patayo na naibalik sa punto ng epekto. Tinutukoy namin na ang anggulo ng saklaw ng sinag sa ibabaw ay 90° – 40° = 50°, refractive index n 2 = 1,77; n 1 = 1 (hangin).
Isulat natin ang batas ng repraksyon
| sinβ = | kasalanan50 | = 0,4327 ≈ 0,433 |
| 1,77 |
I-plot natin ang tinatayang landas ng sinag sa pamamagitan ng mga plato. Gumagamit kami ng formula (1) para sa mga hangganan 2–3 at 3–1. Bilang tugon nakukuha namin
A) Ang sine ng anggulo ng saklaw ng sinag sa hangganan 2–3 sa pagitan ng mga plato ay 2) ≈ 0.433;
B) Ang anggulo ng repraksyon ng sinag kapag tumatawid sa hangganan 3–1 (sa radians) ay 4) ≈ 0.873.
Sagot. 24.
Tukuyin kung gaano karaming mga α - particle at kung gaano karaming mga proton ang nagagawa bilang resulta ng thermonuclear fusion reaction
+ → x+ y;
Solusyon. Sa lahat ng mga reaksyong nuklear, ang mga batas ng konserbasyon ng singil ng kuryente at bilang ng mga nucleon ay sinusunod. Ipahiwatig natin sa pamamagitan ng x ang bilang ng mga particle ng alpha, y ang bilang ng mga proton. Gumawa tayo ng mga equation
+ → x + y;
paglutas ng sistemang mayroon tayo niyan x = 1; y = 2
Sagot. 1 – α-particle; 2 - mga proton.
Ang momentum modulus ng unang photon ay 1.32 · 10 –28 kg m/s, na 9.48 · 10 –28 kg m/s na mas mababa kaysa sa momentum modulus ng pangalawang photon. Hanapin ang ratio ng enerhiya E 2 /E 1 ng pangalawa at unang photon. Bilugan ang iyong sagot sa pinakamalapit na ikasampu.
Solusyon. Ang momentum ng pangalawang photon ay mas malaki kaysa sa momentum ng unang photon ayon sa kondisyon, na nangangahulugang maaari itong ilarawan p 2 = p 1 + Δ p(1). Ang enerhiya ng isang photon ay maaaring ipahayag sa mga tuntunin ng momentum ng photon gamit ang mga sumusunod na equation. Ito E = mc 2 (1) at p = mc(2), pagkatapos
E = pc (3),
saan E- enerhiya ng photon, p– photon momentum, m – photon mass, c= 3 · 10 8 m/s – bilis ng liwanag. Isinasaalang-alang ang formula (3) mayroon kaming:
| E 2 | = | p 2 | = 8,18; |
| E 1 | p 1 |
Bilog namin ang sagot sa tenths at makakuha ng 8.2.
Sagot. 8,2.
Ang nucleus ng atom ay sumailalim sa radioactive positron β - decay. Paano nagbago ang electric charge ng nucleus at ang bilang ng mga neutron sa loob nito bilang resulta nito?
Para sa bawat dami, tukuyin ang kaukulang katangian ng pagbabago:
- Nadagdagan;
- Nabawasan;
- Hindi nagbago.
Isulat ang mga napiling numero para sa bawat pisikal na dami sa talahanayan. Ang mga numero sa sagot ay maaaring ulitin.
Solusyon. Positron β - ang pagkabulok sa atomic nucleus ay nangyayari kapag ang isang proton ay nagbabago sa isang neutron na may paglabas ng isang positron. Bilang resulta nito, ang bilang ng mga neutron sa nucleus ay tumataas ng isa, ang electric charge ay bumababa ng isa, at ang mass number ng nucleus ay nananatiling hindi nagbabago. Kaya, ang reaksyon ng pagbabagong-anyo ng elemento ay ang mga sumusunod:
Sagot. 21.
Limang eksperimento ang isinagawa sa laboratoryo upang obserbahan ang diffraction gamit ang iba't ibang diffraction gratings. Ang bawat isa sa mga rehas na bakal ay naiilaw ng mga parallel beam ng monochromatic light na may isang tiyak na haba ng daluyong. Sa lahat ng kaso, ang ilaw ay nahulog patayo sa grating. Sa dalawa sa mga eksperimentong ito, ang parehong bilang ng pangunahing diffraction maxima ay naobserbahan. Ipahiwatig muna ang bilang ng eksperimento kung saan ginamit ang diffraction grating na may mas maikling panahon, at pagkatapos ay ang bilang ng eksperimento kung saan ginamit ang diffraction grating na may mas malaking panahon.
Solusyon. Ang diffraction ng liwanag ay ang phenomenon ng isang light beam sa isang rehiyon ng geometric shadow. Maaaring maobserbahan ang diffraction kapag, sa landas ng isang magaan na alon, may mga opaque na lugar o mga butas sa malalaking obstacle na malabo sa liwanag, at ang mga sukat ng mga lugar o butas na ito ay naaayon sa haba ng daluyong. Ang isa sa pinakamahalagang aparato ng diffraction ay ang diffraction grating. Ang mga angular na direksyon sa maxima ng pattern ng diffraction ay tinutukoy ng equation
d kasalananφ = kλ (1),
saan d– panahon ng diffraction grating, φ – anggulo sa pagitan ng normal hanggang sa grating at ang direksyon sa isa sa maxima ng diffraction pattern, λ – light wavelength, k– isang integer na tinatawag na pagkakasunud-sunod ng maximum na diffraction. Ipahayag natin mula sa equation (1)
Ang pagpili ng mga pares ayon sa mga kundisyong pang-eksperimento, pipili muna kami ng 4 kung saan ginamit ang isang diffraction grating na may mas maikling panahon, at pagkatapos ay ang bilang ng eksperimento kung saan ginamit ang isang diffraction grating na may mas malaking panahon - ito ay 2.
Sagot. 42.
Ang kasalukuyang daloy sa pamamagitan ng wirewound risistor. Ang risistor ay pinalitan ng isa pa, na may isang wire ng parehong metal at parehong haba, ngunit ang pagkakaroon ng kalahati ng cross-sectional area, at kalahati ng kasalukuyang ay dumaan dito. Paano magbabago ang boltahe sa risistor at ang paglaban nito?
Para sa bawat dami, tukuyin ang kaukulang katangian ng pagbabago:
- Tataas;
- Bababa;
- Hindi magbabago.
Isulat ang mga napiling numero para sa bawat pisikal na dami sa talahanayan. Ang mga numero sa sagot ay maaaring ulitin.
Solusyon. Mahalagang tandaan kung anong mga halaga ang nakasalalay sa paglaban ng konduktor. Ang formula para sa pagkalkula ng paglaban ay
Ang batas ng Ohm para sa isang seksyon ng circuit, mula sa formula (2), ipinapahayag namin ang boltahe
U = I R (3).
Ayon sa mga kondisyon ng problema, ang pangalawang risistor ay gawa sa wire ng parehong materyal, ang parehong haba, ngunit ibang cross-sectional area. Ang lugar ay dalawang beses na mas maliit. Ang pagpapalit sa (1) ay nakita natin na ang paglaban ay tumataas ng 2 beses, at ang kasalukuyang bumababa ng 2 beses, samakatuwid, ang boltahe ay hindi nagbabago.
Sagot. 13.
Ang panahon ng oscillation ng isang mathematical pendulum sa ibabaw ng Earth ay 1.2 beses na mas malaki kaysa sa panahon ng oscillation nito sa isang tiyak na planeta. Ano ang magnitude ng acceleration dahil sa gravity sa planetang ito? Ang impluwensya ng atmospera sa parehong mga kaso ay bale-wala.
Solusyon. Ang mathematical pendulum ay isang sistema na binubuo ng isang thread na ang mga sukat ay mas malaki kaysa sa mga sukat ng bola at ng bola mismo. Maaaring magkaroon ng kahirapan kung ang formula ni Thomson para sa panahon ng oscillation ng isang mathematical pendulum ay nakalimutan.
T= 2π (1);
l– haba ng mathematical pendulum; g- acceleration ng gravity.
Sa pamamagitan ng kondisyon
Ipahayag natin mula sa (3) g n = 14.4 m/s 2. Dapat pansinin na ang acceleration ng gravity ay nakasalalay sa masa ng planeta at ang radius
Sagot. 14.4 m/s 2.
Ang isang tuwid na konduktor na 1 m ang haba na nagdadala ng kasalukuyang 3 A ay matatagpuan sa isang pare-parehong magnetic field na may induction SA= 0.4 Tesla sa isang anggulo na 30° sa vector. Ano ang magnitude ng puwersa na kumikilos sa konduktor mula sa magnetic field?
Solusyon. Kung maglalagay ka ng kasalukuyang nagdadala ng konduktor sa isang magnetic field, ang patlang sa kasalukuyang nagdadala ng konduktor ay kikilos nang may puwersang Ampere. Isulat natin ang formula para sa Ampere force modulus
F A = LB ako sinα ;
F A = 0.6 N
Sagot. F A = 0.6 N.
Ang enerhiya ng magnetic field na nakaimbak sa coil kapag ang isang direktang kasalukuyang ay dumaan dito ay katumbas ng 120 J. Ilang beses dapat tumaas ang lakas ng kasalukuyang dumadaloy sa coil winding upang ang magnetic field na enerhiya na nakaimbak dito ay tumaas ng 5760 J.
Solusyon. Ang enerhiya ng magnetic field ng coil ay kinakalkula ng formula
| W m = | LI 2 | (1); |
| 2 |
Sa pamamagitan ng kondisyon W 1 = 120 J, kung gayon W 2 = 120 + 5760 = 5880 J.
| ako 1 2 = | 2W 1 | ; ako 2 2 = | 2W 2 | ; |
| L | L |
Pagkatapos ay ang kasalukuyang ratio
| ako 2 2 | = 49; | ako 2 | = 7 |
| ako 1 2 | ako 1 |
Sagot. Ang kasalukuyang lakas ay dapat tumaas ng 7 beses. Numero 7 lang ang ilalagay mo sa form ng sagot.
Ang isang de-koryenteng circuit ay binubuo ng dalawang bombilya, dalawang diode at isang turn ng wire na konektado tulad ng ipinapakita sa figure. (Pinapayagan lamang ng isang diode na dumaloy ang kasalukuyang sa isang direksyon, tulad ng ipinapakita sa tuktok ng larawan.) Alin sa mga bombilya ang sisindi kung ang north pole ng magnet ay inilapit sa coil? Ipaliwanag ang iyong sagot sa pamamagitan ng pagsasabi kung anong mga phenomena at pattern ang ginamit mo sa iyong paliwanag.
Solusyon. Lumilitaw ang mga linya ng magnetic induction mula sa north pole ng magnet at naghihiwalay. Habang lumalapit ang magnet, tumataas ang magnetic flux sa coil ng wire. Alinsunod sa panuntunan ni Lenz, ang magnetic field na nilikha ng inductive current ng coil ay dapat idirekta sa kanan. Ayon sa panuntunan ng gimlet, ang kasalukuyang ay dapat dumaloy sa clockwise (tulad ng tiningnan mula sa kaliwa). Ang diode sa pangalawang circuit ng lampara ay pumasa sa direksyon na ito. Ibig sabihin, sisindi ang pangalawang lampara.
Sagot. Ang pangalawang lampara ay sisindi.
Ang haba ng nagsalitang aluminyo L= 25 cm at cross-sectional area S= 0.1 cm 2 na sinuspinde sa isang thread sa itaas na dulo. Ang ibabang dulo ay nakasalalay sa pahalang na ilalim ng sisidlan kung saan ibinuhos ang tubig. Haba ng nakalubog na bahagi ng nagsalita l= 10 cm. Hanapin ang puwersa F, kung saan ang karayom ng pagniniting ay pumipindot sa ilalim ng sisidlan, kung alam na ang thread ay matatagpuan patayo. Densidad ng aluminum ρ a = 2.7 g/cm 3, density ng tubig ρ b = 1.0 g/cm 3. Pagpapabilis ng grabidad g= 10 m/s 2
Solusyon. Gumawa tayo ng paliwanag na guhit.
– Lakas ng pag-igting ng thread;
– Puwersa ng reaksyon ng ilalim ng sisidlan;
a ay ang puwersang Archimedean na kumikilos lamang sa nakalubog na bahagi ng katawan, at inilapat sa gitna ng nakalubog na bahagi ng spoke;
– ang puwersa ng gravity na kumikilos sa spoke mula sa Earth at inilapat sa gitna ng buong spoke.
Sa pamamagitan ng kahulugan, ang masa ng nagsalita m at ang Archimedean force modulus ay ipinahayag tulad ng sumusunod: m = SLρ a (1);
F a = Slρ sa g (2)
Isaalang-alang natin ang mga sandali ng mga puwersa na nauugnay sa punto ng pagsuspinde ng nagsalita.
M(T) = 0 – sandali ng puwersa ng pag-igting; (3)
M(N)= NL ang cosα ay ang sandali ng puwersa ng reaksyon ng suporta; (4)
Isinasaalang-alang ang mga palatandaan ng mga sandali, isinusulat namin ang equation
| NL cosα + Slρ sa g (L – | l | )cosα = SLρ a g | L | cosα (7) |
| 2 | 2 |
isinasaalang-alang na ayon sa ikatlong batas ni Newton, ang puwersa ng reaksyon ng ilalim ng sisidlan ay katumbas ng puwersa F d kung saan pinindot ng karayom sa pagniniting ang ilalim ng sisidlan na isinulat namin N = F d at mula sa equation (7) ipinapahayag namin ang puwersang ito:
| F d = [ | 1 | Lρ a– (1 – | l | )lρ sa ] Sg (8). |
| 2 | 2L |
Palitan natin ang numerical data at makuha iyon
F d = 0.025 N.
Sagot. F d = 0.025 N.
Naglalaman ng silindro m 1 = 1 kg nitrogen, sa panahon ng pagsubok ng lakas ay sumabog sa temperatura t 1 = 327°C. Anong masa ng hydrogen m 2 ay maaaring maimbak sa naturang silindro sa isang temperatura t 2 = 27°C, na may limang beses na safety margin? Molar mass ng nitrogen M 1 = 28 g/mol, hydrogen M 2 = 2 g/mol.
Solusyon. Isulat natin ang Mendeleev–Clapeyron ideal gas equation ng estado para sa nitrogen
saan V- dami ng silindro, T 1 = t 1 + 273°C. Ayon sa kondisyon, ang hydrogen ay maaaring maimbak sa presyon p 2 = p 1/5; (3) Isinasaalang-alang iyon
maaari nating ipahayag ang masa ng hydrogen sa pamamagitan ng direktang pagtatrabaho sa mga equation (2), (3), (4). Ang panghuling formula ay ganito ang hitsura:
| m 2 = | m 1 | M 2 | T 1 | (5). | ||
| 5 | M 1 | T 2 |
Pagkatapos palitan ang numeric data m 2 = 28 g.
Sagot. m 2 = 28 g.
Sa isang perpektong oscillatory circuit, ang amplitude ng kasalukuyang pagbabagu-bago sa inductor ay ako m= 5 mA, at ang amplitude ng boltahe sa kapasitor Um= 2.0 V. Sa oras t ang boltahe sa kapasitor ay 1.2 V. Hanapin ang kasalukuyang sa coil sa sandaling ito.
Solusyon. Sa isang perpektong oscillatory circuit, ang oscillatory energy ay natipid. Para sa isang sandali ng oras t, ang batas ng konserbasyon ng enerhiya ay may anyo
| C | U 2 | + L | ako 2 | = L | ako m 2 | (1) |
| 2 | 2 | 2 |
Para sa amplitude (maximum) na mga halaga ay isinusulat namin
at mula sa equation (2) ipinapahayag namin
| C | = | ako m 2 | (4). |
| L | Um 2 |
I-substitute natin ang (4) sa (3). Bilang resulta, nakukuha namin ang:
ako = ako m (5)
Kaya, ang kasalukuyang sa likid sa sandali ng oras t katumbas ng
ako= 4.0 mA.
Sagot. ako= 4.0 mA.
May salamin sa ilalim ng isang reservoir na 2 m ang lalim. Ang isang sinag ng liwanag, na dumadaan sa tubig, ay makikita mula sa salamin at lumalabas sa tubig. Ang refractive index ng tubig ay 1.33. Hanapin ang distansya sa pagitan ng punto ng pagpasok ng beam sa tubig at ang punto ng paglabas ng beam mula sa tubig kung ang anggulo ng saklaw ng beam ay 30°
Solusyon. Gumawa tayo ng paliwanag na guhit
Ang α ay ang anggulo ng saklaw ng sinag;
Ang β ay ang anggulo ng repraksyon ng sinag sa tubig;
Ang AC ay ang distansya sa pagitan ng punto ng pagpasok ng beam sa tubig at ng punto ng paglabas ng beam mula sa tubig.
Ayon sa batas ng repraksyon ng liwanag
| sinβ = | sinα | (3) |
| n 2 |
Isaalang-alang ang hugis-parihaba na ΔADB. Sa loob nito AD = h, pagkatapos ay DB = AD
| tgβ = h tgβ = h | sinα | = h | kasalananβ | = h | sinα | (4) |
| cosβ |
Nakukuha namin ang sumusunod na expression:
| AC = 2 DB = 2 h | sinα | (5) |
Ipalit natin ang mga numerical value sa resultang formula (5)
Sagot. 1.63 m.
Bilang paghahanda para sa Unified State Exam, inaanyayahan ka naming gawing pamilyar ang iyong sarili work program sa physics para sa grade 7–9 hanggang UMK line ng Peryshkina A.V. At advanced level work program para sa mga baitang 10-11 para sa mga materyales sa pagtuturo Myakisheva G.Ya. Ang mga programa ay magagamit para sa pagtingin at libreng pag-download sa lahat ng mga rehistradong gumagamit.
Pinag-isang State Exam 2017 Physics Karaniwang mga gawain sa pagsusulit sa Lukashev
M.: 2017 - 120 p.
Ang mga karaniwang gawain sa pagsubok sa pisika ay naglalaman ng 10 iba't ibang hanay ng mga gawain, na pinagsama-sama na isinasaalang-alang ang lahat ng mga tampok at kinakailangan ng Pinag-isang Pagsusulit ng Estado sa 2017. Ang layunin ng manwal ay magbigay sa mga mambabasa ng impormasyon tungkol sa istraktura at nilalaman ng 2017 test measurement materials sa physics, pati na rin ang antas ng kahirapan ng mga gawain. Ang koleksyon ay naglalaman ng mga sagot sa lahat ng mga opsyon sa pagsubok, pati na rin ang mga solusyon sa pinakamahirap na problema sa lahat ng 10 mga opsyon. Bilang karagdagan, ang mga sample ng mga form na ginamit sa Pinag-isang State Exam ay ibinigay. Ang pangkat ng mga may-akda ay mga espesyalista mula sa Federal Subject Commission ng Unified State Examination sa Physics. Ang manwal ay para sa mga guro upang ihanda ang mga mag-aaral para sa pagsusulit sa pisika, at sa mga mag-aaral sa high school para sa paghahanda sa sarili at pagpipigil sa sarili.
Format: pdf
Sukat: 4.3 MB
Panoorin, i-download: drive.google
NILALAMAN
Mga tagubilin sa pagsasagawa ng gawain 4
OPTION 1 9
Bahagi 1 9
Bahagi 2 15
OPTION 2 17
Bahagi 1 17
Bahagi 2 23
OPTION 3 25
Bahagi 1 25
Bahagi 2 31
OPTION 4 34
Bahagi 1 34
Bahagi 2 40
OPTION 5 43
Bahagi 1 43
Bahagi 2 49
OPTION 6 51
Bahagi 1 51
Bahagi 2 57
OPTION 7 59
Bahagi 1 59
Bahagi 2 65
OPTION 8 68
Bahagi 1 68
Bahagi 2 73
OPTION 9 76
Bahagi 1 76
Bahagi 2 82
OPTION 10 85
Bahagi 1 85
Bahagi 2 91
MGA SAGOT. SISTEMA NG PAGTATAYA SA PAGSUSULIT
GUMAGAWA SA PISIKA 94
Upang makumpleto ang gawaing pag-eensayo sa pisika, 3 oras 55 minuto (235 minuto) ang inilaan. Ang gawain ay binubuo ng 2 bahagi, kabilang ang 31 mga gawain.
Sa mga gawain 1-4, 8-10, 14, 15, 20, 24-26, ang sagot ay isang buong bilang o isang panghuling bahagi ng decimal. Isulat ang numero sa patlang ng sagot sa teksto ng gawain, at pagkatapos ay ilipat ito ayon sa sample sa ibaba sa sagot na form No. 1. Hindi na kailangang magsulat ng mga yunit ng pagsukat ng pisikal na dami.
Ang sagot sa mga gawain 27-31 ay may kasamang detalyadong paglalarawan ng buong pag-unlad ng gawain. Sa sagot sa form No. 2, ipahiwatig ang numero ng gawain at isulat ang kumpletong solusyon nito.
Kapag gumagawa ng mga kalkulasyon, pinapayagang gumamit ng isang di-programmable na calculator.
Lahat ng mga form ng Unified State Exam ay pinupunan ng maliwanag na itim na tinta. Maaari kang gumamit ng gel, capillary o fountain pen.
Kapag kinukumpleto ang mga takdang-aralin, maaari kang gumamit ng draft. Ang mga entry sa draft ay hindi isinasaalang-alang kapag gumagawa ng pagmamarka.
Ang mga puntos na natatanggap mo para sa mga natapos na gawain ay buod. Subukang kumpletuhin ang pinakamaraming gawain hangga't maaari at makakuha ng pinakamaraming puntos.
| Basahin: |
|---|
Sikat:
Bago
- Ano ang pinag-aaralan nila sa Faculty of Economics?
- Paghahanda para sa Pinag-isang State Exam sa Physics: mga halimbawa, solusyon, paliwanag
- Konsepto, anyo at pamamaraan ng pagkilala
- Paghahanda para sa Pinag-isang State Exam sa Physics: mga halimbawa, solusyon, paliwanag
- Pinag-isang State Exam mga tanong sa araling panlipunan ayon sa paksa
- "Ang isang artista na walang diagnosis ay parang isang tatak na walang alamat. Saan matatagpuan ang gangway ng lungsod?
- Russia, Ukraine, Belarus, magkasama lang tayo Holy Rus'!
- Parokya Michael-Arkhangelsk
- Populasyon ng lungsod ng Shuya
- Ryazan region, Kadom
